吉林省长春市农安县2017年中考物理3月模拟试卷（含解析）
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吉林省长春市农安县2017年中考物理3月模拟试卷（含解析）
2017年吉林省长春市农安县中考物理模拟试卷（3月份）
一、选择题（本题包括12小题，每小题只有1个正确选项．每小题3分，共36分） 1．关于声音，下列说法正确的是（ ） A．利用回声可以测地球到月球间的距离 B．人们小声说话时,声音的音调一定低
C．在市区高架桥两侧修隔音墙是为了在传播过程中减弱噪声 D．声和电磁波都能传递信息,且都可以在真空中传播
2．2015年5月9日我国多地出现日晕奇观，图为日晕的景象，在5000m的高空，水蒸气遇冷形成小冰晶，太阳光照射小冰晶后，分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种颜色的光，这样太阳周围就出现一个巨大的彩色光环，称为“光晕”．下列说法正确的是（ ）
A．水蒸气遇冷形成小冰晶是凝固现象 B．水蒸气遇冷形成小冰晶需要吸热
C．太阳光照射小冰晶后通过反射分解为七色光 D．太阳光照射小冰晶后分解为七色光是光的色散现象 3．下列有关热和能的说法中正确的是（ ） A．物体的温度越高，分子无规则运动越剧烈 B．汽油机在做功冲程中把机械能转化为内能 C．物体内能增大,一定从外界吸收热量 D．燃料的热值越大，燃烧时放出的热量越多
4．小明在完成“探究凸透镜成像规律”实验后，为进一步了解“视力矫正\"的原理，移动蜡烛，
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先让烛焰在光屏上成了一个清晰的像．如图所示，然后他在蜡烛和凸透镜之间放置了不同类型的眼镜片，关于本次实验现象正确的是（ )
A．如图是投影仪的工作原理
B．放置眼镜片之前，蜡烛在图示位置，光屏上得到的是倒立、缩小的虚像
C．将近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，使蜡烛远离透镜,又能在光屏上看到清晰的像 D．将近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，使光屏靠近透镜,又能在光屏上看到清晰的像 5．如图所示为核电站示意图和发电流程图．下列说法不正确的是（ ）
A．核能是不可再生能源 B．蒸汽轮机的效率总是小于1 C．核电站利用核聚变工作
D．用超导体作输电导线可以大大降低电能损耗
6．如图所示，小华将弹簧测力计一端固定，另一端钩住长方体木块A，木块下面是一长木板,实验时拉着长木板沿水平地面向左运动,读出弹簧测力计示数即可测出木块A所受摩擦力大小，在木板运动的过程中，以下说正确的是（ ）
A．木块A所受摩擦力的方向向左 B．木块A相对于地面是运动的
C．拉动速度变大时,弹簧测力计示数变大
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D．木块A受的是静摩擦力
7．如图所示，在竖直平面内用细线悬挂一个小球,将小球拉至A点,由静止开始释放小球，不计空气阻力，小球可在A、C两点间来回摆动，以下说法正确的是( ）
A．小球在最低点B时动能最大，若在此点绳子突然断开，小球将做匀速直线运动 B．小球由A点运动到B点的过程中，机械能减小 C．小球在C点时受力平衡
D．小球由A运动到B的过程中只有重力对小球做功，细线的拉力对小球不做功
8．某深海探测器利用“深海潜水器无动力下潜上浮技术”．其两侧配备多块相同的压载铁，当其到达设定深度时，抛卸压载铁，使其悬浮、上浮等，并通过探测器观察窗观察海底世界．该深海探测器在一次海底科考活动中,经过下潜、悬浮、上浮等一系列操作后,顺利完成任务．如图所示为该探测器在理想状态下观察窗所受海水压强随时间变化的P﹣t图象，下列说法正确的是（ ）
A．探测器在AB、CD两个阶段,在竖直方向的速度大小关系是vAB＜vCD B．探测器在CD阶段处于上浮过程，探测器所示的浮力逐渐增大
C．探测器在BC阶段处于悬浮状态，受到重力、浮力和海水对探测器压力三个力作用
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D．探测器在AB、BC、CD三个阶段，所受重力的大小关系是GAB＜GBC＜GCD
9．POS刷卡机的广泛应用给人们的生活带来了便利．POS机刷卡位置有一个饶有线圈的小铁环制成的检测头（如图所示）．在使用时，将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，POS机便可读出磁条上的信息．下图中能反映POS刷卡机读出信息原理的是（ )
A． B． C． D．
10．家用漏电保护器是在用电器发生漏电故障或人体触电时实施保护的设备，家庭电路漏电时，通过火线与零线的电流不相等,漏电保护器中有一特殊装置（在图中虚线框内,未画出）检测到这一差异后，便切断电源，起到保护作用．漏电保护器中还有实验电路，由一只开关S与电阻R组成，闭合开关S就能模拟漏电情形，试验电路的连接符合要求的是（ ）
A． B． C． D．
11．2012年黄麻市体育中考有一个项目是坐位体前屈．学校的测量坐位体前屈成绩的装置如图所示,测试时需要从刻度尺上读数．物理活动小组利用实验室器材对该仪器进行了改进,改进后可以直接从电表的表盘上读出对应的长度值．下列四种方案中，表盘上的长度刻度值均匀的是（ ）
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A． B． C．
D．
12．小阳同学在科技月制作了一个多档位电热器模型．为了分析接入电路的电阻对电热器的电功率的影响，他将电表接入电路中，其电路如图所示，电源两端电压不变，R1=30Ω．当开关S闭合，S1、S2断开时，电压表示数为U1，当S、S1、S2都闭合时,电压表示数为U2,已知U1：U2=3：8；两种状态时，R2消耗的功率最大值P大和最小值P小之比为4：1；R3的最小功率为0.9W．下列说法中不正确的是（ ）
A．电阻R2的阻值为40Ω
B．电热器模型中间两个挡位的功率分别是7。2W和57。6W C．电流表的最大示数是1。4A D．电源两端的电压为24V
二、非选择题（本题包括7小题，共34分）
13．如图所示，建筑工人在10s内把重400N的物体匀速提升3m，所用的拉力为300N．该滑轮是 滑轮，工人所做的有用功为 ,该滑轮组的机械效率是 ，建筑工人做功的功率是 W．
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14．小丽家中的电能表表盘如图所示，则小丽家已消耗的电能为 kW•h，可以同时使用的用电器总功率不能超过 W,若电冰箱单独正常工作一天（24小时），（电冰箱的主要技术参数见表），冰箱压缩机实际工作 h．
15．如图是小王利用刻度均匀的匀质杠杆进行探究“杠杆的平衡条件”的实验．（每个钩码重
0.5N)
（1)把B点处的钩码取下,在B点处施加一个竖直向下的拉力F= N时，杠杆仍然在水平位置平衡．当拉力F向右倾斜时,仍要保持杠杆在水平位置平衡,拉力F的大小将 （选填“变大”“变小”或“不变\"）．
(2）如果小王又进行了如图2所示的探究，考虑杠杆 的影响，发现用弹簧测力计在C点竖直向上拉使杠杆仍然处于水平位置平衡时，则弹簧测力计的示数应大于 N．
16．小明同学在做“测定小灯泡额定功率”的实验时，所用电源电压保持不变，实验用小灯泡上标有“0。2A”字样．
（1）如图是小明连接的实物图．闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不发光，经检查，是由于其中一根导线连接错误．请你在实物图中连接错误的导线上打“×”并补画出
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正确的连线．
（2）小明将电路的错误连线改正后,当他闭合开关时，发现小灯泡不亮，电流表指针几乎不动，电压表的示数为4。5V，则此故障可能为 （选填“小灯泡短路”、“小灯泡断路”或“滑动变阻器断路”）．
（3)小明排除故障后按照正确的操作进行实验，当他闭合开关时，发现电压表、电流表的示数分别为1.5V和0.15A，然后移动滑动变阻器的滑片，当小灯泡正常发光时,滑片恰好在变阻器的中点上，小灯泡的额定功率为 W，所用滑动变阻器的最大阻值为 Ω．
17．物理合作交流小组在实验室探究冰熔化和水沸腾时温度的变化特点，根据测量结果画出相关图象，如图甲所示：
（1）要完成这两个实验,都需要的测量仪器是计时器和 ．
(2）水沸腾时温度计示数如图乙所示,该示数是 （选填“AB”或“DE”）段所对应的温度值．
（3）如图甲（a）所示，OA段与BC段的倾斜程度不同，这是因为 ． （4)在AB段所示的过程中，该物体的状态为 ． 18．如图甲是“探究浮力大小”的实验过程示意图．
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（1）实验步骤B和 可以测出物块浸没在水中时受到的浮力F浮,步骤A和 可以测出物块排开的水的所受重力G排；比较F浮与G排，可以得到浮力的大小跟物块排开的水所受重力的关系．
(2)图乙是物块缓慢浸入水中时，弹簧测力计示数F随浸入深度h的变化关系图象，分析图象可得出关于浮力大小的初步结论：物体未浸没水中前, 越大,所受的浮力越大． （3）此物块的密度是 g/cm．
19．饮水机是一种常用的家用电器,图甲为饮水机结构剖面图，其加热水槽部分工作原理电路图如图乙所示，其中S是温控开关,R1是加热电阻，R2是定值电阻．当饮水机处于加热状态时,水被迅速加热，达到预定温度时，S自动切换到另一处于保温状态．请回答下列问题： （1）当开关S与 接触时，此时饮水机处于保温状态．
（2）若饮水机加热时加热管的功率为550W，而保温时加热管的功率为88W,求电阻R2的阻值（不考虑温度对阻值的影响，且不计指示灯的阻值）．
(3）如图甲控水槽内浮体A与阀门C固定相连，当A恰好浸没时阀门C关闭，A未浸没时C略有下降，桶内水流入控水槽中．已知浮体A的体积为55cm,阀门C的横截面积为1cm,浮体A与阀门C共重0.15N,不计大气压强．g取l0N/kg）求: ①浮体A浸没时所受浮力为多大？ ②桶内水位的最大高度是多少？
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2017年吉林省长春市农安县青山乡中学中考物理模拟试卷（3月份）
参考答案与试题解析
一、选择题（本题包括12小题，每小题只有1个正确选项．每小题3分，共36分） 1．关于声音，下列说法正确的是（ ) A．利用回声可以测地球到月球间的距离 B．人们小声说话时，声音的音调一定低
C．在市区高架桥两侧修隔音墙是为了在传播过程中减弱噪声 D．声和电磁波都能传递信息，且都可以在真空中传播 【考点】声音的传播条件；防治噪声的途径．
【分析】（1）声音能够在固体、液体、气体中传播，真空不能传声． （2）乐音的三个特征，音调、响度和音色．
（3）减弱噪声的途径：①在声源处减弱﹣﹣消声；②在传播过程中减弱﹣﹣吸声；③在耳朵处减弱﹣﹣隔声．
(4）声音的传播需要介质．
【解答】解：A、声音不能在真空中传播，因此不能利用利用回声探测地球到月球的距离，故A错误；
B、人们小声说话,声带的振幅小，响度小，与音调无关，故B错误; C、高架道路两侧建起隔音墙是为了在传播过程中减弱噪声，故C正确; D、声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播，故D错误． 故选C．
2．2015年5月9日我国多地出现日晕奇观，图为日晕的景象,在5000m的高空，水蒸气遇冷形
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成小冰晶，太阳光照射小冰晶后，分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种颜色的光,这样太阳周围就出现一个巨大的彩色光环，称为“光晕”．下列说法正确的是（ ）
A．水蒸气遇冷形成小冰晶是凝固现象 B．水蒸气遇冷形成小冰晶需要吸热
C．太阳光照射小冰晶后通过反射分解为七色光 D．太阳光照射小冰晶后分解为七色光是光的色散现象 【考点】光的色散．
【分析】解答此题从以下知识点入手：
（1）物质从气态直接变成固态的现象是凝华现象，凝华过程要放热; （2）太阳光照射到卷层云中的冰晶时，发生色散．
【解答】解：A、水蒸气遇冷形成小冰晶是凝华现象，故A错误； B、水蒸气遇冷形成小冰晶需要放热，故B错误；
C、太阳光照射小冰晶后通过折射分解为七色光，故C错误;
D、太阳光能穿过云层在小冰晶上发生折射，看上去在太阳的周围出现一个圆圈,由内而外呈、红、橙、黄、绿、青、蓝、紫七种颜色，这就是光晕，是光的色散现象．故D正确． 故选D．
3．下列有关热和能的说法中正确的是（ ） A．物体的温度越高，分子无规则运动越剧烈 B．汽油机在做功冲程中把机械能转化为内能 C．物体内能增大,一定从外界吸收热量
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D．燃料的热值越大，燃烧时放出的热量越多
【考点】分子的运动；物体内能的改变；燃料的热值；内燃机的四个冲程． 【分析】(1)分子不停的做无规则运动，温度越高，分子运动越剧烈； (2）做功冲程中,内能转化为机械能;
（3）改变物体内能的方式：做功和热传递；
(4）影响燃料燃烧放出热量的因素有燃料的热值和质量．
【解答】解：A、物体的温度越高,分子无规则运动越剧烈；故A正确； B、汽油机在做功冲程中把内能转化为机械能，故B错误；
C、物体内能增大，不一定从外界吸收热量，也可能是外界对物体做功,故C错误； D、燃料的热值越大，燃烧时放出的热量不一定越多，还跟质量有关，故D错误． 故选A．
4．小明在完成“探究凸透镜成像规律”实验后,为进一步了解“视力矫正”的原理,移动蜡烛，先让烛焰在光屏上成了一个清晰的像．如图所示，然后他在蜡烛和凸透镜之间放置了不同类型的眼镜片，关于本次实验现象正确的是（ ）
A．如图是投影仪的工作原理
B．放置眼镜片之前，蜡烛在图示位置，光屏上得到的是倒立、缩小的虚像
C．将近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，使蜡烛远离透镜，又能在光屏上看到清晰的像 D．将近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，使光屏靠近透镜，又能在光屏上看到清晰的像 【考点】凸透镜成像规律及其探究实验．
【分析】(1)根据像距和物距的大小关系,来判断成像的特点及应用；
（2）当凸透镜成实像时，物近像远像变大;物远像近像变小;近视镜是凹透镜,对光线具有发散
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作用．
【解答】解:AB、由图知，物距大于2f,像距小于物距，光屏上得到的是倒立、缩小的实像，应用于照相机；故AB错误;
CD、近视镜片是凹透镜，对光线具有发散作用，所以近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，像将延迟会聚，为使光屏上看到清晰的像,采取的方法为：蜡烛远离透镜，增大物距，减小像距；或者使光屏远离透镜，使像成在光屏上;故C正确,D错误． 故选:C．
5．如图所示为核电站示意图和发电流程图．下列说法不正确的是（ ）
A．核能是不可再生能源 B．蒸汽轮机的效率总是小于1 C．核电站利用核聚变工作
D．用超导体作输电导线可以大大降低电能损耗
【考点】核能;超导体在磁悬浮列车、超导输电的应用;核裂变．
【分析】（1）能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源;
（2）核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来加热水，用产生的高温、高压蒸汽作为动力，推动蒸汽涡轮机转动，从而带动发电机发电的．蒸汽轮机的效率总是小于1； （3）核电站是利用可控的核裂变来进行发电的；
（4)超导材料是一种电阻为零的材料．超导体的电阻为0，不会放热，所以电能无法转化为内能．
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【解答】解：
A、核能是不可再生能源,消耗后短时间内不可再生，故A正确;
B、蒸汽轮机工作时，内能不可能全部转化为机械能,故其效率总是小于1,故B正确； C、核电站利用可控的核裂变释放的核能来发电，故C错误；
D、用超导体做输电导线，可以减小由电能到内能的损耗,提高传输效率，故D正确． 故选C．
6．如图所示，小华将弹簧测力计一端固定，另一端钩住长方体木块A,木块下面是一长木板,实验时拉着长木板沿水平地面向左运动,读出弹簧测力计示数即可测出木块A所受摩擦力大小，在木板运动的过程中，以下说正确的是（ ）
A．木块A所受摩擦力的方向向左 B．木块A相对于地面是运动的
C．拉动速度变大时,弹簧测力计示数变大 D．木块A受的是静摩擦力
【考点】摩擦力的方向;运动和静止的相对性；摩擦力的种类． 【分析】（1）摩擦力可分为滑动摩擦、滚动摩擦和静摩擦； 两个接触的物体发生相对滑动时产生的摩擦就是滑动摩擦； 两个接触的物体发生相对滚动时产生的摩擦就是滚动摩擦； 两个接触的物体有相对运动趋势时,接触面上产生静摩擦力； （2）摩擦力的方向总是与物体运动或相对运动的趋势的方向相反； （3）影响滑动摩擦力大小的因素是压力的大小和接触面的粗糙程度．
【解答】解:A、摩擦力的方向跟物体相对运动的方向相反，因为木板水平向左运动，所以，木
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块相对木板来说是水平向右滑动了，因此它受到的摩擦力的方向水平向左，故A正确; B、木块相对于地面的位置不变,故木块相对于地面是静止，故B错误；
C、滑动摩擦力大小与物体运动速度大小无关，因此弹簧测力计的示数不会变化，故C错误;
D、因为木块和木板之间发生了相对滑动,因此这时的摩擦属于动摩擦，不是静摩擦．故D错误．
故选A．
7．如图所示，在竖直平面内用细线悬挂一个小球，将小球拉至A点，由静止开始释放小球，不计空气阻力，小球可在A、C两点间来回摆动，以下说法正确的是( ）
A．小球在最低点B时动能最大，若在此点绳子突然断开，小球将做匀速直线运动 B．小球由A点运动到B点的过程中，机械能减小 C．小球在C点时受力平衡
D．小球由A运动到B的过程中只有重力对小球做功，细线的拉力对小球不做功 【考点】动能和势能的大小变化；力与运动的关系;力是否做功的判断．
【分析】（1）影响动能大小的因素：质量和速度,质量越大,速度越大，动能越大． （2)影响重力势能大小的因素:质量和高度，质量越大,高度越高，重力势能越大．
（3）机械能是动能和重力势能的和，在铁球运动的过程中，空气阻力忽略不计，所以机械能守恒．
【解答】解：（1)从A→B的过程中，金属小球的质量不变、高度减小、速度增大，所以重力势能减小,动能增大，在B点时动能最大、重力势能最小；在此过程中重力势能转化为动能，机械能守恒；
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（2）从B→C的过程中，金属小球的质量不变、高度增大、速度减小，重力势能增大,动能减小,在B点动能最小、重力势能最大，在此过程中动能转化为重力势能，机械能守恒． （3)不计空气阻力，小球会在AC间来回摆动时，总机械能守恒，小球在A、C位置时，位置最高，速度为0,重力势能最大，动能最小；在B位置时，位置最低，速度最快,重力势能最小，动能最大． 综合以上分析：
A、小球在最低点B时动能最大，若在此点绳子突然断开，小球由于受重力的作用，不处于平衡状态，不做匀速直线运动，故A错误；
B、不计空气阻力,小球由A点运动到B点的过程中，各处的机械能守恒，都相等，故B错误； C、小球在C点时处于静止状态，但由于只受到重力作用，受力不平衡，故C错误；
D、小球由A运动到B的过程中,在重力作用下，高度下降，重力做功;小球在拉力的方向上没有通过距离，所以细绳的拉力对小球不做功;故D正确． 故选D．
8．某深海探测器利用“深海潜水器无动力下潜上浮技术\"．其两侧配备多块相同的压载铁，当其到达设定深度时，抛卸压载铁，使其悬浮、上浮等,并通过探测器观察窗观察海底世界．该深海探测器在一次海底科考活动中,经过下潜、悬浮、上浮等一系列操作后,顺利完成任务．如图所示为该探测器在理想状态下观察窗所受海水压强随时间变化的P﹣t图象，下列说法正确的是（ ）
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A．探测器在AB、CD两个阶段，在竖直方向的速度大小关系是vAB＜vCD B．探测器在CD阶段处于上浮过程，探测器所示的浮力逐渐增大
C．探测器在BC阶段处于悬浮状态，受到重力、浮力和海水对探测器压力三个力作用 D．探测器在AB、BC、CD三个阶段，所受重力的大小关系是GAB＜GBC＜GCD 【考点】物体的浮沉条件及其应用；速度公式及其应用．
【分析】（1）探测器在AB、CD两个阶段,深度变化相同，时间不同，根据v=比较出速度大小关系；
（2）上浮过程中,探测器一直处于浸没状态,排开水的体积不变，根据F浮=ρ液gV排可以分析浮力变化情况；
(3）浮力产生的原因:上下表面受到的压力差；
(4）探测器实现上浮和下沉是通过改变自身重力来实现的，根据浮力和重力的关系比较出重力大小关系．
【解答】解:A、探测器在AB、CD两个阶段，深度h变化相同,tAB＞tCD,由v=可知,vAB＜vCD，故A正确;
B、探测器在CD阶段处于上浮过程中，ρ液和V排不变，根据F浮=ρ液gV排可知,浮力不变，故B错误；
C、海水对探测器压力差是产生浮力的原因，所以探测器在BC阶段处于悬浮状态，受到重力、浮力两个力的作用，故C错误；
D、探测器在AB、BC、CD三个阶段，浮力不变，探测器在AB段下沉时，F浮＜GAB；探测器在BC段悬浮时，F浮=GBC；探测器在CD段上浮时，F浮＞GCD;所以GAB＞GBC＞GCD，故D错误． 故选A．
9．POS刷卡机的广泛应用给人们的生活带来了便利．POS机刷卡位置有一个饶有线圈的小铁环
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制成的检测头（如图所示）．在使用时,将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，POS机便可读出磁条上的信息．下图中能反映POS刷卡机读出信息原理的是（ ）
A． B． C． D．
【考点】电磁感应．
【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，POS刷卡机读出信息原理就是电磁感应现象; 在选项中找出探究电磁感应的对应图即可．
【解答】解：POS刷卡机读出信息原理就是电磁感应现象． A、如图电路中有电源,是通电线圈在磁场中受力运动，选项错误．
B、如图电路中没有电源，当闭合开关,闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生,这是电磁感应现象．选项正确． C、如图反映电流周围存在着磁场．选项错误．
D、如图电路中有电源,是通电导体在磁场中受力运动．选项错误． 故选：B．
10．家用漏电保护器是在用电器发生漏电故障或人体触电时实施保护的设备，家庭电路漏电时,通过火线与零线的电流不相等，漏电保护器中有一特殊装置（在图中虚线框内，未画出）检测到这一差异后,便切断电源，起到保护作用．漏电保护器中还有实验电路，由一只开关S与电阻R组成，闭合开关S就能模拟漏电情形,试验电路的连接符合要求的是( ）
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吉林省长春市农安县2017年中考物理3月模拟试卷（含解析）
A． B． C． D．
【考点】串、并联电路的设计．
【分析】根据题意可知，漏电保护器在检测到通过虚线框内火线与零线的电流不相等时，会切断电源，否则不会切断电源，据此选择符合题意的电路图．
【解答】解：AB、闭合开关S时，通过虚线框内火线和零线的电流相等，此时无法模拟漏电情形,故AB不正确；
C、闭合开关时,通过虚线框内火线的电流小于通过该装置零线的电流，可以模拟漏电情形，故C正确;
D、闭合开关时,虚线框内火线电流仍然等于零线电流，因为导线将电阻R短路，所以闭合开关不影响电路,故D不正确． 故选C．
11．2012年黄麻市体育中考有一个项目是坐位体前屈．学校的测量坐位体前屈成绩的装置如图所示,测试时需要从刻度尺上读数．物理活动小组利用实验室器材对该仪器进行了改进，改进后可以直接从电表的表盘上读出对应的长度值．下列四种方案中，表盘上的长度刻度值均匀的是（ ）
A． B． C．
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D．
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】分析清楚电路结构，根据串联电路特点及欧姆定律列出电表的示数，然后根据电表示数表达式，判断表盘长度刻度值是否均匀．
【解答】解：设电阻丝的总长度为L,电阻丝总电阻R，电阻丝接入电路的长度为x，长为x的电阻丝电阻Rx=R， A、图示电压表示数U=IRx=刻度值是均匀的,故A正确； B、图示电压表示数U=IR滑=不均匀，故B错误; C、图示电流表示数I=故C错误；
D、图示电流表示数I=故选A．
12．小阳同学在科技月制作了一个多档位电热器模型．为了分析接入电路的电阻对电热器的电功率的影响,他将电表接入电路中，其电路如图所示,电源两端电压不变，R1=30Ω．当开关S闭合，S1、S2断开时，电压表示数为U1，当S、S1、S2都闭合时,电压表示数为U2，已知U1：U2=3：8；两种状态时，R2消耗的功率最大值P大和最小值P小之比为4:1；R3的最小功率为0。9W．下列说法中不正确的是（ ）
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×R=x,由此可见,U与x成正比,表盘上的长度
×R滑，由此可见，U与x不成正比，表盘上的长度刻度值
，由此可见，I与x不成正比，表盘上的长度刻度值不均匀,
,表盘上的长度刻度值不均匀，故D错误;
吉林省长春市农安县2017年中考物理3月模拟试卷（含解析）
A．电阻R2的阻值为40Ω
B．电热器模型中间两个挡位的功率分别是7.2W和57.6W C．电流表的最大示数是1。4A D．电源两端的电压为24V
【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．
【分析】（1）根据电压表的示数之比得出并联时通过电阻R1的电流I1和串联时电路中电流I的关系，再根据R2消耗的功率最大值P大和最小值P小之比得出并联时通过电阻R2的电流I2和串联时电路中电流I的关系；最后根据并联电路的电流与电阻的特点，列出电阻R1与R2的关系式，即可求出R2的阻值；
(2）先根据前面得出的R1、R2的阻值，求出R3的阻值,再根据R3的最小功率，求出串联时的电流值，利用欧姆定律即可得到电源电压；
（3）根据欧姆定律公式和电功率的公式得到的功率变形式P=
即可求得两个挡位的功率；
（4）并联时,电流表的示数是通过电阻R1、R2的电流之和,这时示数最大，根据并联电路的特点即可求得．
【解答】解：当开关S闭合，S1、S2 断开时，三电阻串联,根据欧姆定律可知，电路中的电流最小，各电阻消耗功率最小，电压表测量的是电阻R1两端的电压U1;
三个开关都闭合时，三电阻并联,各电阻两端的电压为电源电压，则消耗功率最大，电压表测量的是电源电压，即电压表示数U2=U,
串联时电路中电流为I，U1=IR1，R2消耗的功率最大为P小=IR2， 并联时U=I1R1，R2消耗的功率最小为P大=I2R2，
22
2
2
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则由U1：U2=3：8可知：U1：U=3：8,
=
=,
可得：I1=I
由R2消耗的功率最大值P大和最小值P小之比为4：1可知：
=
=
=，
可得：I2=2I
并联时，根据并联电路的分流特点可知： =
=
=，
则R2=R1═×30Ω=40Ω．
串联时，根据串联电路中的分压特点可知： =
=,
即：
=,
解得:R3=10Ω
当开关S闭合，S1、S2 断开时，三个电阻串联，R3消耗的功率最小，
×R3=0.9W，
其中R1=30Ω，R2=40Ω，R3=10Ω，代入数据得电源电压:U=24V， 这个电热器模型中间两个挡位的功率， P1=
=
=19。2W，
P3===57.6W，
I1=I=×0.3A=0。8A， I2=2I=2×0。3A=0.6A
电流表最大示数为I大=I1+I2=0.8A+0。6A=1.4A．
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吉林省长春市农安县2017年中考物理3月模拟试卷（含解析）
由上可知：
1、电阻R2的阻值为40Ω，故A不符合题意；
2、电热器模型中间两个挡位的功率分别是19。2W和57.6W，故B符合题意; 3、电流表的最大示数是1。4A，故C不符合题意； 4、电源两端的电压为24V，故D不符合题意； 故选B．
二、非选择题（本题包括7小题,共34分）
13．如图所示，建筑工人在10s内把重400N的物体匀速提升3m,所用的拉力为300N．该滑轮是 动 滑轮,工人所做的有用功为 1200J ,该滑轮组的机械效率是 66。7％ ，建筑工人做功的功率是 180 W．
【考点】动滑轮及其工作特点；有用功和额外功；滑轮（组）的机械效率；功率的计算． 【分析】①使用过程中，随物体一起运动的滑轮，叫动滑轮;
②已知物重和提升高度，可以得到有用功；已知物体上升高度，可以得到绳子拉下长度，已知拉力和绳子拉下长度,可以得到总功;有用功与总功之比为机械效率；总功与做功时间之比为拉力做功的功率． 【解答】解:由图知，
提起物体过程中，滑轮随物体一起上升，所以是动滑轮; 有用功为W有用=Gh=400N×3m=1200J； 绳子拉下的长度为s=2h=2×3m=6m，
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吉林省长春市农安县2017年中考物理3月模拟试卷（含解析）
总功为W总=Fs=300N×6m=1800J； 机械效率为η=
=
=
×100％≈66.7%;
=180W．
工人做功的功率是P=
故答案为:动;1200J；66。7%;180．
14．小丽家中的电能表表盘如图所示，则小丽家已消耗的电能为 958.6 kW•h，可以同时使用的用电器总功率不能超过 4400 W，若电冰箱单独正常工作一天（24小时）,(电冰箱的主要技术参数见表），冰箱压缩机实际工作 6 h．
【考点】电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法；电功率与电能、时间的关系． 【分析】(1）电能表显示的数字中最后一位是小数，单位为kW•h；
(2）由图可知，电能表正常工作的电压和允许通过的最大电流,根据P=UI求出可以同时使用的用电器的最大总功率；
（3）由表格可知电冰箱一天消耗的电能和电动机的功率，根据P=求出冰箱压缩机实际工作时间．
【解答】解:（1）由图可知，小丽家已消耗的电能为958.6kW•h；
（2）由图可知,电能表正常工作的电压U=220V,允许通过的最大电流I=20A， 则可以同时使用的用电器的最大总功率： P大=UI=220V×20A=4400W；
（3）由表格数据可知，电冰箱一天消耗的电能W=0。6kW•h，电冰箱的功率P=100W=0.1kW，
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吉林省长春市农安县2017年中考物理3月模拟试卷（含解析）
由P=可得，冰箱压缩机实际工作时间： t==
=6h．
故答案为:958.6；4400;6．
15．如图是小王利用刻度均匀的匀质杠杆进行探究“杠杆的平衡条件\"的实验．（每个钩码重
0.5N)
（1）把B点处的钩码取下，在B点处施加一个竖直向下的拉力F= 3 N时，杠杆仍然在水平位置平衡．当拉力F向右倾斜时，仍要保持杠杆在水平位置平衡,拉力F的大小将 变大 （选填“变大”“变小\"或“不变”）．
（2）如果小王又进行了如图2所示的探究,考虑杠杆 自重 的影响，发现用弹簧测力计在C点竖直向上拉使杠杆仍然处于水平位置平衡时，则弹簧测力计的示数应大于 3 N． 【考点】探究杠杆的平衡条件实验．
【分析】（1）根据杠杆的平衡条件计算出在B点拉力的大小；
当拉力F向右倾斜时，分析出力臂的变化结合杠杆的平衡条件判断力的变化．
（2）若杠杆的支点在杠杆的中点处，此时重力恰好作用在支点,若不在中点，此时杠杆的平衡会受重力的影响，根据重力的方向判断出重力是使杠杆向哪个方向转动,从而判断出测量结果偏差． 【解答】解：
（1）每个钩码重0。5N，图1中若在B点处施加一个竖直向下的拉力，根据杠杆的平衡条件有：4G×3=FB×2，则FB=6G=6×0。5N=3N；
如改变弹簧测力计拉力的方向，向右倾斜时，阻力和阻力臂不变，动力臂减小，动力要增大，
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吉林省长春市农安县2017年中考物理3月模拟试卷（含解析）
所以弹簧测力计示数变大，才能使杠杆仍然水平平衡．
（2）图2中，若不计杠杆的重力，根据杠杆的平衡条件有:F′×3L=3G×6L． 解得：F′=6G=6×0。5N=3N，
由于杆的重心在杆的中点,方向竖直向下,重力与钩码同时使杠杆向逆时针方向转动，所以弹簧测力计的示数应大于3N．
故答案为:（1）3；变大；（2）自重;3．
16．小明同学在做“测定小灯泡额定功率”的实验时,所用电源电压保持不变，实验用小灯泡上标有“0。2A”字样．
（1)如图是小明连接的实物图．闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不发光，经检查，是由于其中一根导线连接错误．请你在实物图中连接错误的导线上打“×\"并补画出正确的连线．
（2）小明将电路的错误连线改正后，当他闭合开关时，发现小灯泡不亮，电流表指针几乎不动，电压表的示数为4.5V，则此故障可能为 小灯泡断路 （选填“小灯泡短路”、“小灯泡断路\"或“滑动变阻器断路”）．
（3）小明排除故障后按照正确的操作进行实验，当他闭合开关时,发现电压表、电流表的示数分别为1.5V和0.15A，然后移动滑动变阻器的滑片，当小灯泡正常发光时,滑片恰好在变阻器的中点上，小灯泡的额定功率为 0。5 W，所用滑动变阻器的最大阻值为 20 Ω．
【考点】探究用电器的电功率实验；电流表、电压表在判断电路故障中的应用；欧姆定律的应
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吉林省长春市农安县2017年中考物理3月模拟试卷（含解析）
用；电功率的计算．
【分析】（1)伏安法测功率的实验中，电压表与灯泡并联测灯泡电压，电流表与灯泡串联测灯泡电流．
在实物连接图中找到错误之处：主要分析电压表、电流表、滑动变阻器的正确使用，从电压表和电流表的正负接线柱、量程、连接方式，滑动变阻器的接线柱和连入方式上逐条分析． （2）灯泡不亮可能是灯泡断路或灯泡以外的地方断路或灯泡短路，灯泡断路时,电路断路，电路中没有电流，电流表无示数，那么电压表将串联在电路中，电压表测量电源电压； 灯泡短路时，电路总电阻减小，电路电流增大，电流表示数增大，电压表将测量导线电压,示数为0．
灯泡以外的地方断路，整个电路都处于断开状态,灯泡不亮，电压表和电流表都没有示数． （3）根据闭合开关时，电压表、电流表的示数分别为1。5V和0.15A可求出所用滑动变阻器的最大阻值R，然后即可知滑片恰好在变阻器的中点时的阻值，再根据“小灯泡上标有“0。2A”字样和当小灯泡正常发光时,滑片恰好在变阻器的中点上”利用U=RI求出滑动变阻器两端电压，用电源电压减去滑动变阻器两端电压即为灯泡两端电压，再利用P=UI即可求出小灯泡的额定功率．
【解答】解：（1）由图克知，滑动变阻器与灯泡并联了,电压表串联在电路中了，应将滑动变阻器与灯泡串联，电压表应并联在小灯泡两端;将电流表负接线柱的导线与灯泡右端相连的导线去掉，将灯泡右端接线柱与电压表的负接线柱相连；如下图所示:
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吉林省长春市农安县2017年中考物理3月模拟试卷（含解析）
（2）由分析可知，灯泡不亮可能是灯泡断路或灯泡以外的地方断路或灯泡短路，灯泡短路时，电路总电阻减小,电路电流增大，电流表示数增大，电压表将测量导线电压，示数为0； 灯泡断路时,电路断路，电路中没有电流，电流表无示数，那么电压表将串联在电路中,电压表测量电源电压，电源电压正好为4.5V； 故答案为:小灯泡断路．
(3）由“电压表、电流表的示数分别为1。5V和0。15A”可知，电路中的电流I=0.15A，小灯泡两端的电压U灯=1.5V，滑动变阻器两端的电压UR1=U﹣U灯=4.5V﹣1.5V=3V,此时滑动变阻器的阻值最大,则R=
=
=20Ω，
额
因为“当小灯泡正常发光时，滑片恰好在变阻器的中点上”所以此时UR2=I
=2V，
U灯额=U﹣UR2=4.5V﹣2V=2。5V．
则小灯泡的额定功率为P=U灯额I额=2.5V×0。2A=0.5W． 故答案为:0。5；20．
×=0。2A×
17．物理合作交流小组在实验室探究冰熔化和水沸腾时温度的变化特点，根据测量结果画出相关图象，如图甲所示：
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吉林省长春市农安县2017年中考物理3月模拟试卷（含解析）
（1）要完成这两个实验，都需要的测量仪器是计时器和 温度计 ．
（2）水沸腾时温度计示数如图乙所示，该示数是 DE （选填“AB\"或“DE”）段所对应的温度值．
(3）如图甲（a）所示，OA段与BC段的倾斜程度不同,这是因为 冰的比热容比水的比热容小 ．
(4)在AB段所示的过程中，该物体的状态为 固液共存 ． 【考点】熔化和凝固的探究实验；探究水的沸腾实验．
【分析】（1)冰熔化和水沸腾实验需要不断吸热，同时实验过程中,要测量温度,同时还需要用秒表来记录时间．
（2）晶体熔化时温度要达到熔点，不断吸热，温度不变；但晶体熔化后温度还要上升．水沸腾时，吸热，但温度不变．
（3）升温快慢与物质不同状态下的比热容有关;
（4）晶体在熔化前是固态，在熔化过程中是固液共存状态，熔化后是液态．
【解答】解：（1）由于晶体熔化和水沸腾这两个实验，都需要对冰和水进行加热，需要用用秒表来记录时间，同时还需要温度计测量温度的变化． （2）图乙是冰的熔化图象，DE段所对应的温度是水的沸点;
（3）由图象甲可以看出,升高相同的温度,冰比水用的时间短，所以冰比水吸热升温快,原因是冰的比热容比水的比热容小;（4）AB段是晶体的熔化过程，此时处于固液共存状态． 故答案为：(1）温度计； （2）DE；
（3）冰的比热容比水的比热容小；
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吉林省长春市农安县2017年中考物理3月模拟试卷（含解析）
(4）固液共存．
18．如图甲是“探究浮力大小\"的实验过程示意图．
（1）实验步骤B和 D 可以测出物块浸没在水中时受到的浮力F浮,步骤A和 E 可以测出物块排开的水的所受重力G排；比较F浮与G排，可以得到浮力的大小跟物块排开的水所受重力的关系．
(2)图乙是物块缓慢浸入水中时,弹簧测力计示数F随浸入深度h的变化关系图象,分析图象可
得出关于浮力大小的初步结论：物体未浸没水中前, 排开水的体积 越大，所受的浮力越大．
（3）此物块的密度是 2。5 g/cm． 【考点】探究浮力大小的实验．
【分析】（1）要先测物块的重力和空桶的重力，然后再把物块没入水中,测出物块受到的浮力，最后再测出桶和溢出水的重力；分析几步实验的相同因素和不同因素,就可知道这几步是探究哪个因素对浮力的影响,并根据测力计示数计算出每步浮力的大小，从而得出结论．
（2）乙图中物体已全部浸入了水中，所以弹簧测力计的示数应读随h的增大F不变的一段的示数，利用称重法可计算出此时物体所受的浮力；
（3）由阿基米德原理求出排开液体的体积，再利用重力、密度的变形公式求出物块的密度． 【解答】解：
（1）由B可知物体的重力为3N，由D可知物体浸在水中时的拉力为1。8N，则F浮=G﹣F=3N﹣1.8N=1。2N；
由A可知空桶的重力为1N，由D可知水和桶的总重为2。2N，则G排=G总﹣G桶=2.2N﹣1N=1.2N；
31
3
吉林省长春市农安县2017年中考物理3月模拟试卷（含解析）
比较F浮与G排可得，浮力大小跟物体排开的水所受重力大小相等．
(2）物体未浸入水中时h=0，从图乙可读出此时弹簧测力计的示数等于物体的重力G=3N．在未完全浸入时弹簧测力计的示数逐渐减小，则浮力逐渐增大由图知物体浸入水中位置时弹簧测力计的示数为1。8N，所以物体所受的浮力F浮=3N﹣1。8N=1。2N；物块浸没前，物体排开的液体体积越大，物块所受的浮力越大;
（3)从图B可读出此时弹簧测力计的示数等于物体的重力G=3N．在未完全浸入时弹簧测力计的示数逐渐减小，则浮力逐渐增大由图D知物体浸入水中位置时弹簧测力计的示数为1。8N，所以物体所受的浮力F浮=3N﹣1.8N=1.2N；由阿基米德原理F浮=ρ液V排g得: V物=V排=
;
ρ物======2。5×10kg/m=2.5g/cm．
333
故答案为：（1)D；E;（2）排开水的体积；(3）2.5．
19．饮水机是一种常用的家用电器，图甲为饮水机结构剖面图，其加热水槽部分工作原理电路图如图乙所示，其中S是温控开关，R1是加热电阻，R2是定值电阻．当饮水机处于加热状态时，水被迅速加热，达到预定温度时，S自动切换到另一处于保温状态．请回答下列问题： （1)当开关S与 b 接触时,此时饮水机处于保温状态．
(2）若饮水机加热时加热管的功率为550W，而保温时加热管的功率为88W，求电阻R2的阻值（不考虑温度对阻值的影响，且不计指示灯的阻值）．
（3）如图甲控水槽内浮体A与阀门C固定相连,当A恰好浸没时阀门C关闭，A未浸没时C略有下降，桶内水流入控水槽中．已知浮体A的体积为55cm，阀门C的横截面积为1cm,浮体A与阀门C共重0。15N，不计大气压强．g取l0N/kg）求：
32
3
2
吉林省长春市农安县2017年中考物理3月模拟试卷（含解析）
①浮体A浸没时所受浮力为多大？ ②桶内水位的最大高度是多少？
【考点】电功率的计算；浮力大小的计算． 【分析】（1）由图乙电路图，根据P=
分析解答；
（2）由加热功率先计算的阻值，再由保温功率计算电路中电流，由欧姆定律计算两电阻串联的总电阻,从而得到R2的阻值；
（3）①知道浮体A的体积（浸没排开水的体积），利用阿基米德原理求浮体A所受浮力; ②阀门C受到的压力与重力和等于受到的浮力，知道受力面积，利用压强公式求阀门C受到的压强；水产生的压强等于阀门受到的压强，利用液体压强公式p=ρgh求桶内水位最大高度． 【解答】解：
（1）由图乙知,S接a时,R1与红灯串联；S接b时，R1、R2、绿灯串联． 不计指示灯的阻值，所以S接b时，电路中电阻大，电压一定时,由P=率较小,此时为保温状态；则S接a时为加热状态； (2）S接a时为加热状态，加热时加热管的功率为550W, 由P=R1=
可得，R1的阻值: =
=88Ω，
可知此时电路消耗功
S接b时为保温状态，R1和R2串联，此时加热管的功率为88W(即R1的功率为88W）， 由P=IR可得电路中电流：I=I1=
2
==1A，
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吉林省长春市农安县2017年中考物理3月模拟试卷（含解析）
由欧姆定律可得：R1+R2===220Ω，
所以R2=220Ω﹣88Ω=132Ω；
（3）①浮体A完全浸没时受到的浮力：
F3
3
﹣63
浮=ρ水V排g=1。0×10kg/m×55×10m×10N/kg=0。55N；
②浮体A受力平衡，即水对C的压力、A和C总重力以及浮力平衡，所以有:F压+G=F浮， 则F压=F浮﹣G=0。55N﹣0.15N=0.4N， 所以阀门C受到水的压强： p=
=
=4×103Pa，
由p=ρgh可得水的深度： h=
=
=0。4m．
答：(1)b．
（2）电阻R2的阻值为132Ω．
（3）①浮体A浸没时所受浮力为0.55N； ②桶内水位的最大高度是0.4m．
34
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